프로그래머스 level 1 덧칠하기

문제 설명

어느 학교에 페인트가 칠해진 길이가 n미터인 벽이 있습니다. 벽에 동아리 · 학회 홍보나 회사 채용 공고 포스터 등을 게시하기 위해 테이프로 붙였다가 철거할 때 떼는 일이 많고 그 과정에서 페인트가 벗겨지곤 합니다. 페인트가 벗겨진 벽이 보기 흉해져 학교는 벽에 페인트를 덧칠하기로 했습니다.

넓은 벽 전체에 페인트를 새로 칠하는 대신, 구역을 나누어 일부만 페인트를 새로 칠 함으로써 예산을 아끼려 합니다. 이를 위해 벽을 1미터 길이의 구역 n개로 나누고, 각 구역에 왼쪽부터 순서대로 1번부터 n번까지 번호를 붙였습니다. 그리고 페인트를 다시 칠해야 할 구역들을 정했습니다.

벽에 페인트를 칠하는 롤러의 길이는 m미터이고, 롤러로 벽에 페인트를 한 번 칠하는 규칙은 다음과 같습니다.

• 롤러가 벽에서 벗어나면 안 됩니다.
• 구역의 일부분만 포함되도록 칠하면 안 됩니다.

즉, 롤러의 좌우측 끝을 구역의 경계선 혹은 벽의 좌우측 끝부분에 맞춘 후 롤러를 위아래로 움직이면서 벽을 칠합니다. 현재 페인트를 칠하는 구역들을 완전히 칠한 후 벽에서 롤러를 떼며, 이를 벽을 한 번 칠했다고 정의합니다.

한 구역에 페인트를 여러 번 칠해도 되고 다시 칠해야 할 구역이 아닌 곳에 페인트를 칠해도 되지만 다시 칠하기로 정한 구역은 적어도 한 번 페인트칠을 해야 합니다. 예산을 아끼기 위해 다시 칠할 구역을 정했듯 마찬가지로 롤러로 페인트칠을 하는 횟수를 최소화하려고 합니다.

정수 n, m과 다시 페인트를 칠하기로 정한 구역들의 번호가 담긴 정수 배열 section이 매개변수로 주어질 때 롤러로 페인트칠해야 하는 최소 횟수를 return 하는 solution 함수를 작성해 주세요.

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제한사항

• 1 ≤ m ≤ n ≤ 100,000
• 1 ≤ section의 길이 ≤ n
  • 1 ≤ section의 원소 ≤ n
  • section의 원소는 페인트를 다시 칠해야 하는 구역의 번호입니다.
  • section에서 같은 원소가 두 번 이상 나타나지 않습니다.
  • section의 원소는 오름차순으로 정렬되어 있습니다.

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입출력 예nmsectionresult

8	4	[2, 3, 6]	2
5	4	[1, 3]	1
4	1	[1, 2, 3, 4]	4

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입출력 예 설명

입출력 예 #1

• 예제 1번은 2, 3, 6번 영역에 페인트를 다시 칠해야 합니다. 롤러의 길이가 4미터이므로 한 번의 페인트칠에 연속된 4개의 구역을 칠할 수 있습니다. 처음에 3, 4, 5, 6번 영역에 페인트칠을 하면 칠해야 할 곳으로 2번 구역만 남고 1, 2, 3, 4번 구역에 페인트칠을 하면 2번 만에 다시 칠해야 할 곳에 모두 페인트칠을 할 수 있습니다.2번보다 적은 횟수로 2, 3, 6번 영역에 페인트를 덧칠하는 방법은 없습니다. 따라서 최소 횟수인 2를 return 합니다.
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입출력 예 #2

• 예제 2번은 1, 3번 영역에 페인트를 다시 칠해야 합니다. 롤러의 길이가 4미터이므로 한 번의 페인트칠에 연속된 4개의 구역을 칠할 수 있고 1, 2, 3, 4번 영역에 페인트칠을 하면 한 번에 1, 3번 영역을 모두 칠할 수 있습니다.따라서 최소 횟수인 1을 return 합니다.
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입출력 예 #3

• 예제 3번은 모든 구역에 페인트칠을 해야 합니다. 롤러의 길이가 1미터이므로 한 번에 한 구역밖에 칠할 수 없습니다. 구역이 4개이므로 각 구역을 한 번씩만 칠하는 4번이 최소 횟수가 됩니다.따라서 4를 return 합니다.
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※ 공지 - 2023년 3월 20일 문제 난이도가 Lv. 2 → Lv. 1로 변경되었습니다.
※ 공지 - 2023년 8월 17일 문제 지문의 오탈자를 수정했습니다.

 

초반에는 벽을 0과 1로 구성된 list로 만들어서 while 문 내에 조건에 맞으면 cnt 를 리턴하는 방식으로 생각했다.

그러나 막상 구현하면서 wall.index의 시간과 if 0 not in wall 조건 때문에 log(n^2)의 시간 복잡도가 에러였다.

결국 테케는 통과했지만 실제 제출에서는 통과하지 못했다.😅

막상 코드를 짤 때 빠르게 작성하기 급급해서 시간 복잡도나 효율성은 이후에 겨우 생각하게 되는 것 같다.

def solution(n, m, section):
    wall = [1] * (n + 1)
    for s in section:
        wall[s] = 0
    cnt = 0
    while True:
        if 0 not in wall:
            break
        
        start_point = wall.index(0)

        for i in range(start_point, min(start_point + m, len(wall))):
            wall[i] = 1
        
        cnt += 1
    return cnt

 

조금 더 짧고 (아무래도 level 2에서 level 1으로 격하했으면 무엇인가 쉬운 풀이가 있겠지? 하고 지레짐작..ㅎㅎ) 효율적인 코드를 짜는 방안을 생각해보아야 했다.

 

그리디로 짠 코드는 다음과 같다.

def solution(n, m, section):
    cnt = 0
    end = 0
    
    for s in section:
        if s > end:
            cnt += 1
            end = s + m - 1
            
    return cnt

 

이전과 다르게 굳이 벽을 칠하지 않아도 되고 (시간 단축), 페인트 칠 해야하는 section 리스트 중 하나씩 꺼내서 페인트 m을 더해 영역을 체크하게끔 한다. 다음 section이 이미 칠해져 있으면 패스하고, 그렇지 않으면 또 페인트 m만큼 칠한다.

이렇게 칠한 횟수를 cnt에 저장하고 마지막에 cnt를 return한다.